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2020年高考名校考前提分仿真卷 物理(八) 学生版.docx

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2020年高考名校考前提分仿真卷 物理八 学生版 2020 年高 名校 前提 仿真 物理 学生
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绝密 ★ 启用前2020届高考名校考前提分仿真卷物 理(八)注意事项:1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。答题前,考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。2.回答第Ⅰ卷时,选出每小题的答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。写在试卷上无效。3.回答第Ⅱ卷时,将答案填写在答题卡上,写在试卷上无效。4.考试结束,将本试卷和答题卡一并交回。二、选择题:本题共8小题,每题6分,在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一个选项符合题目要求。第19~21题有多选项符合题目要求。全部答对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。14.一个中子与原子核A发生核反应,生成一个氘核,核反应放出的能量为Q,则氘核的比结合能和原子核A分别为A.Q,eB.Q,HC.Q,HD.Q,e15.如图所示,两个质量分布均匀的球体P、Q静止在倾角为30°的固定斜面与固定挡板之间。挡板与斜面垂直。P、Q的质量分别为m、2m,半径分别为r、2r,重力加速度大小为g,不计一切摩擦。下列说法正确的是A.P受到四个力的作用B.挡板对P的支持力为3mgC.P所受弹力的合力大于mgD.Q受到P的支持力大于mg16.如图所示,在矩形区域ABCD内有一垂直纸面向里的匀强磁场,AB=5cm,AD=10 cm,磁感应强度B=0.2 T。在AD的中点P有一个发射正离子的装置,能够连续不断地向纸面内的各个方向均匀地发射出速率为v=1.0×105 m/s的正离子,离子的质量m=2.0×10-12 kg,电荷量q=1.0×10-5 C,离子的重力不计,不考虑离子之间的相互作用,则下列说法错误的是A.边界AP段无离子飞出B.从CD、BC边飞出的离子数之比为1∶2C.从边界BC边飞出的离子中,BC中点飞出的离子在磁场中运动的时间最短D.若离子可从B、C两点飞出,则从B点和C点飞出的离子在磁场中运动的时间相等17.图甲所示电路中,理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1,R0是定值电阻,R是滑动变阻器,电容器C的耐压值为50 V。变压器原线圈输入的电压如图乙所示,所有电表均为理想电表。下列说法正确的是A.副线圈两端电压的频率为10 HzB.电流表的示数表示的是电流的瞬时值C.电容器C会被击穿D.滑片P向下移动时,电流表A1、A2的示数均增大18.据报道,我国准备在2020年发射火星探测器,并于2021年登陆火星,如图为载着登陆舱的探测器经过多次变轨后登陆火星的轨迹图,其中轨道I、Ⅲ为椭圆,轨道Ⅱ为圆探测器经轨道I、Ⅱ、Ⅲ运动后在Q点登陆火星,O点是轨道 I、Ⅱ、Ⅲ的交点,轨道上的O、P、Q三点与火星中心在同一直线上,O、Q两点分别是椭圆轨道Ⅲ的远火星点和近火星点。已知火星的半径为R,OQ=4R,轨道Ⅱ上经过O点的速度为v,下列说法正确的有A.在相等时间内,轨道I上探测器与火星中心的连线扫过的面积与轨道Ⅱ上探测嚣与火星中心的连线扫过的面积相等B.探测器在轨道Ⅱ运动时,经过O点的加速度等于C.探测器在轨道I运动时,经过O点的速度大于vD.在轨道Ⅱ上第一次由O点到P点与轨道Ⅲ上第一次由O点到Q点的时间之比是3∶219.如图所示,一根长度为L的轻绳,一端固定在O点,另一端连接一质量为m的小球.将轻绳拉直,小球拉至与O点等高的A点,由静止释放,当小球运动到B点时,细绳与水平方向的夹角为θ。设小球从A点运动到B点的过程中重力做功为WG,小球过B点时,重力做功的功率为PG,重力加速度为g,下列说法中正确的是A.WG=mgLsin θB.WG=mgLcos θC.D.20.如图所示,水平面(未画出)内固定一绝缘轨道ABCD,直轨道AB与半径为R的圆弧轨道相切于B点,圆弧轨道的圆心为O,直径CD∥AB。整个装置处于方向平行AB、电场强度大小为E的匀强电场中。一质量为m、电荷量为q的带正电小球从A点由静止释放后沿直轨道AB下滑。记A、B两点间的距离为d。一切摩擦不计。下列说法正确的是A.小球到达C点时的速度最大,且此时电场力的功率最大B.若d=2R,则小球通过C点时对轨道的压力大小为7qEC.若d=R,则小球恰好能通过D点D.无论如何调整d的值都不可能使小球从D点脱离轨道后恰好落到B处21.滑板运动是青少年喜爱的一项极限运动。如图所示为一段滑道的示意图,水平滑道与四分之一圆弧滑道在B点相切,圆弧半径为3 m。运动员第一次在水平滑道上由静止开始蹬地向前加速后,冲上圆弧滑道且恰好到达圆弧上的C点;第二次运动员仍在水平滑道上由静止开始蹬地向前加速后,冲上圆弧滑道并从C点冲出,经1.2 s又从C点返回轨道。已知滑板和运动员可看做质点,总质量为65 kg,重力加速度g=10 m/s2,忽略空气阻力以及滑板和滑道之间的摩擦力,则下列说法正确的是A.运动员两次经过C点时对滑道的压力均为零B.运动员第二次经过B点时对滑道的压力比第一次的压力大780 NC.运动员第二次在水平滑道上蹬地加速的过程中做的功比第一次多1170 JD.运动员第二次在水平滑道上蹬地加速的过程中作用力的冲量比第一次多390 N·s第 II 卷三、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第22题~第25题为必考题,每个试题考生都必须作答。第33题~第34题为选考题,考生根据要求做答)(一)必考题(共47分)22.(6分)如图甲所示是某研究性学习小组探究小车加速度与力关系的实验装置,长木板置于水平桌面上,一端系有砂桶的细绳通过滑轮与固定的拉力传感器相连,拉力传感器可显示绳中拉力F的大小,改变桶中砂的质量进行多次实验。完成下列问题:(1)实验时,下列操作或说法正确的是______。A.需要用天平测出砂和砂桶的总质量B.小车靠近打点计时器,先接通电源,再释放小车,打出一条纸带,同时记录拉力传感器的示数C.选用电磁打点计时器比选用电火花计时器实验误差小D.为减小误差,实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量(2)实验中得到一条纸带,相邻计数点间有四个点未标出,各计数点到A点的距离如图乙所示。电源的频率为50 Hz,则打点计时器打B点时砂桶的速度大小为 m/s;(3)以拉力传感器的示数F为横坐标,以加速度a为纵坐标,画出的a-F图象可能正确的是____。A. B. C. D. (4)若作出a-F图线,求出其“斜率”为k,则小车的质量为 。23.(9分)某物理实验小组利用实验室提供的器材测定电压表V1的内阻,可选用的器材如下:A.待测电压表V1:量程3 V,内阻约3 kΩB.电压表V2:量程15 V,内阻约20 kΩC.电流表A:量程3 A,内阻约0.1ΩD.定值电阻R0:9.0 kΩE.滑动变阻器R1:0~200 ΩF.滑动变阻器R2:0~2 kΩG.电源E:电动势约为12 V,内阻忽略不计H.开关、导线若干(1)现用多用电表测电压表V1的内阻,选择倍率“×100”挡,其它操作无误,多用电表表盘示数如图所示,则电压表V1的内阻约为 Ω。(2)为了准确测量电压表V1的内阻,两位同学根据上述实验器材分别设计了如图甲和乙两个测量电路,你认为 (选填“甲”或“乙”)更合理,并在实物图中用笔画线代替导线将电路图补充完整。(3)该实验中滑动变阻器应该选用 (选填“R1”或“R2”)。(4)用已知量R0和V1、V2的示数U1、U2来表示电压表V1的内阻RV1= 。24.(12分)质量为m的物块,以同一大小的初速度v0沿不同倾角的斜面向上滑动,物块与斜面间的动摩擦因数恒定,当斜面与水平面所夹倾角θ不同时,物块沿斜面上滑至速度为0时的位移x也不同,其x-θ关系如图所示。g取10 m/s2,求:物块与斜面间的动摩擦因数及初速度v0的大小。25.(20分)如图甲所示,两竖直同定的光滑导轨AC、A'C'间距为L,上端连接一阻值为R的电阻。矩形区域abcd上方的矩形区域abA'A内有方向垂直导轨平面向外的均匀分布的磁场,其磁感应强度B1随时间t变化的规律如图乙所示(其中B0、t0均为已知量),A、a两点间的高度差为2gt0(其中g为重力加速度),矩形区域abcd下方有磁感应强度大小为B0、方向垂直导轨平面向里的匀强磁场。现将一长度为L,阻值为R的金属棒从ab处在t=0时刻由静止释放,金属棒在t=t0时刻到达cd处,此后的一段时间内做匀速直线运动,金属棒在t=4t0时刻到达CC'处,且此时金属棒的速度大小为kgt0(k为常数)。金属棒始终与导轨垂直且接触良好,导轨电阻不计,空气阻力不计。求:(1)金属棒到达cd处时的速度大小v以及a、d两点间的高度差h;(2)金属棒的质量m;(3)在0~4t0时间内,回路中产生的焦耳热Q以及d、C两点的高度差H。(二)选考题(共15分。请考生从给出的2道物理题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分)33.【物理——选修3-3】(15分)(1)(5分)下列说法中正确的有 。(填正确答案标号。选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分。每选错1个扣3分,最低得分为0分)A.雨后荷叶上有晶莹剔透的水珠,这使水的表面张力作用是水珠成球形B.相对湿度是空气中水蒸气的压强与大气压强的比值C.饱和汽压只与温度有关D.固体都具有各向异性,液体都有各向同性E.一定质量的密闭理想气体发生等压膨胀时,单位时间碰撞容器壁单位面积的分子数一定减小(2)(10分)如图,一上端开口、下端封闭的细长玻璃管竖直放置.玻璃管的下部封有长ll=25.0 cm的空气柱,中间有一段长为l2=25.0 cm的水银柱,上部空气柱的长度l3=40.0 cm。已知大气压强为p0=75.0 cmHg。现将一活塞(图中未画出)从玻璃管开口处缓缓往下推,使管下部空气柱长度变为ll′=20.0 cm。假设活塞下推过程中没有漏气,求活塞下推的距离。34.【物理——选修3-4】(15分)(1)(5分)如图甲所示,O点为振源,OP=s,t=0时刻O点由平衡位置开始振动,产生向右沿直线传播的简谐横波.图乙为从t=0时刻开始描绘的质点P的振动图象.下列判断中正确的是 。(填正确答案标号。选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分。每选错1个扣3分,最低得分为0分)A.t=0时刻,振源O振动的方向沿y轴正方向B.t=t2时刻,P点的振动方向沿y轴负方向C.t=t2时刻,O点的振动方向沿y轴正方向D.这列波的频率为E.这列波的波长为(2)(10分)如图所示,直角△MNQ为一个玻璃砖的横截面,其中∠Q=90°,∠N=90°,MQ边的长度为a,P为MN的中点。一条光线从P点射入玻璃砖,入射方向与NP夹角为45°。光线恰能从Q点射出。(i)求该玻璃的折射率;(ii)若与NP夹角90°的范围内均有上述同频率光线从P点射入玻璃砖,分析计算光线不能从玻璃砖射出的范围。绝密 ★ 启用前2020届高考名校考前提分仿真卷物理答案(八)二、选择题:本题共8小题,每题6分,在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一个选项符合题目要求。第19~21题有多选项符合题目要求。全部答对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。14.【答案】B【解析】核反应方程为,根据质量数和电荷数守恒可以求出z=1,a=1,说明原子核A是H,两个核子反应结合成氘核放出的能量为Q,比结合能指的是平均一个核子释放的能量,即为Q,B正确。15.【答案】AD【解析】P受到重力、斜面的支持力、挡板的支持力和Q的压力,故A正确;两球整体受力平衡,故挡板对P的支持力大小N1=3mgsin 30°=mg,故B错误;P所受三个弹力的合力与重力mg平衡,则P所受弹力的合力大小为mg,故C错误;Q受力如图所示,有F=2mg,故N2>Fsin 30°=mg,故D正确。16.【答案】A【解析】半径确定,在离子转过的圆心角小于π的情况下,弦长越短,圆心角越小,时间越短,弦长相等,时间相等,故C、D正确;由洛伦兹力方向可知,离子逆时针方向旋转,发射方向与PA方向夹角较小的离子会从AP飞出,由R= ,得R=0.1m,通过上图,由几何关系可知:α∶β=1∶2,离子数之比亦为1∶2,故A错误,B正确。故选A。17.【答案】D【解析】根据图乙知交流电周期为0.01 s,所以频率为100 Hz,变压器不改变交流电的频率,副线圈两端电压的频率为100 Hz ,故A错误;电流表的示数表示的是交流电的有效值,故B错误;根据变压器两端电压与匝数成正比可知,副线圈两端电压最大值为40V,小于电容器的击穿电压50V,故电容器不会击穿,故C错误;匝数比不变,副线圈两端电压不变,滑片P向下移动时,副线圈回路电阻变小,根据欧姆定律可知,回路电流I2变大,根据只有一个副线圈的变压器电流与匝数成反比可知,原线圈电流也变大,故电流表A1、A2的示数均增大,故D正确。18.【答案】BC【解析】因轨道I和轨道Ⅱ是探测器两个不同的轨道,则在相等时间内,轨道I上探测器与火星中心的连线扫过的面积与轨道Ⅱ上探测嚣与火星中心的连线扫过的面积不相等,选项A错误;探测器在轨道Ⅱ运动时,轨道半径为3R,则经过O点的加速度等于,选项B正确;探测器从轨道I到轨道Ⅱ要在O点减速,可知在轨道I运动时,经过O点的速度大于v,选项C正确;探测器在轨道Ⅱ与轨道Ⅲ上的周期之比为,则在轨道Ⅱ上第一次由O点到P点与轨道Ⅲ上第一次由O点到Q点的时间之比是,选项D错误。19.【答案】AD【解析】从点运动到点过程,重力做功为WG=mgh=mgLsin θ,故A正确,B错误;从点运动到点过程,根据mgLsin θ=mvB2,PG=mgvBcos θ,解得,故C错误,D正确。20.【答案】BD【解析】小球到达C点时,其所受电场力的方向与速度方向垂直,电场力的功率为零,故A错误;当d=2R时,根据动能定理有qE‧3R=mvC2,小球通过C点时有,解得N=7qE,根据牛顿第三定律可知,此时小球对轨道的压力大小为7qE,故B正确;若小球恰好能通过D点,则有,又由动能定理有qE(d-R)=mvD2,解得d=R,故C错误;当小球恰好能通过D点时,小球从D点离开的速度最小。小球离开D点后做类平抛运动,有,x=vDt,解得x=R,由于x>R,故小球从D点脱离轨道后不可能落到B处,故D正确。21.【答案】BC【解析】运动员第一次到达C点时速度为零,第二次冲过C点后经1.2 s返回轨道,根据竖直上抛运动的对称性,经过C点的速度vC2=gt=6 m/s,根据牛顿第二定律,向心力F=m,可知第一次经过C点时对滑道的压力为零,第二次不为零,故A错误;根据机械能守恒,经过B点时的速度为vB,则mvB2=mvC2+mgR,根据牛顿第二定律,经过B点时轨道的支持力,联立,代入数据可得TB1=1950 N,TB2=2730 N,运动员第二次经过B点时滑道的支持力比第一次的支持力大ΔT=TB2-TB1=780 N,根据牛顿第三定律,运动员第二次经过B点时对滑道的压力比第一次的压力大780 N,故B正确;根据动能定理,运动员在水平滑道上蹬地加速的过程中做的功W=mvC2+mgR,代入数据解得W1=1950 J,W2=3120 J,运动员第二次在水平滑道上蹬地加速的过程中做的功比第一次多ΔW=W2-W1=1170 J,故C正确;根据动量定理,运动员在水平滑道上蹬地加速的过程中作用力的冲量I=mvB,根据B选项解析可得vB1=m/s,vB2=4 m/s,代入数据得I1=65 N·s,I2=260 N·s,运动员第二次在水平滑道上蹬地加速的过程中作用力的冲量比第一次多ΔI=I2-I1=260 N·s-65 N·s,故D错误。第 II 卷三、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第22题~第25题为必考题,每个试题考生都必须作答。第33题~第34题为选考题,考生根据要求做答)(一)必考题(共47分)22.(6分)【答案】(1)B (2)0.832 (3)A (4) 【解析】(1)由于有拉力传感器可显示绳中拉力F的大小,则不需要用天平测出砂和砂桶的总质量,也不需要砂和砂桶的质量远小于小车的质量,选项A、D错误;小车靠近打点计时器,先接通电源,再释放小车,打出一条纸带,同时记录拉力传感器的示数,选项B正确;电火花计时器与纸带之间的摩擦力较小,则选用电火花计时器比选用电磁打点计时器实验误差小,选项C错误。(2)已知打点计时器电源频率为50 Hz,则纸带上相邻计数点间的时间间隔为:T=5×0.02 s=0.1s。B点对应的速度为,则此时砂桶的速度为。(3)因长木板放在水平桌面上,则由于没平衡摩擦力,对小车根据牛顿第二定律,则得到的a-F图象可能正确的是A。(4)由可知解得。23.(9分)【答案】(1)3400 (2)乙 连图如图 (3)R1 (4)【解析】(1)用多用电表测得的电压表的内阻为34×100 Ω=3400 Ω;(2)甲图中,因为电压表V2的电阻与R0阻值相当,通过电压表V2的电流不能忽略,故用通过R0的电流作为通过V1的电路,则误差较大;故用乙电路较合理;电路连接如图。(3)实验中滑动变阻器要用分压电路,故用选取阻值较小的R1。(4)根据欧姆定律可知:。24.(12分)【解析】物块沿斜面向上滑动时,由牛顿第二定律得mgsin θ+f=ma垂直斜面方向,由平衡条件得FN= mgcos θ又f=μFN三式联立解得物块的加速度大小为a= gsin θ+μgcos θ由2(-a)x=0-v02解得(tanα=μ)当θ+α=90°时,x有最小值,且由其x-θ关系图象可知θ=θ0时m当θ=0时m联立解得:μ=,v0=5 m/s。25.(20分)【解析】(1)在0~t0时间内,金属棒不受安培力,从ab处运动到cd处的过程做自由落体运动,则有v=gt0,h=gt02。(2)在0~2t0时间内,回路中由于ab上方的磁场变化产生的感应电动势在t0~2t0时间内,回路中由于金属棒切割磁感线产生的感应电动势E2=B0Lv=gB0Lt0经分析可知,在t0~2t0时间内,金属棒做匀速直线运动,回路中有逆时针方向的感应电流,总的感应电动势为E=E1+E2根据闭合电路的欧姆定律有对金属棒,由受力平衡条件有B0IL=mg解得:。(3)在0~t0时间内,回路中产生的焦耳热在t0 ~2t0时间内,金属棒匀速下落的高度h1=vt0在t0~2t0时间内,回路中产生的焦耳热设在2t0~4t0时间内,金属棒下落的高度为h2,回路中通过的感应电流的平均值为,有根据动量定理有mg‧2t0-B0L‧2t0=kmgt0-mv解得h2=(6-2k)gt02经分析可知H=h1+h2解得H=(7-2k)gt02根据能量守恒定律可知,在2t0~4t0时间内,回路中产生的焦耳热Q3=mgh2+mv2-m(kgt0)2经分析可知Q=Q1+Q2+Q3解得:。(二)选考题(共15分。请考生从给出的2道物理题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分)33.【物理——选修3-3】(15分)(1)(5分)【答案】ACE【解析】水珠表面分子间距离大于内部分子间的距离,表现为引力,所以由于水的表面张力作用使水珠成球形,故A正确;空气的相对湿度等于水蒸气的实际压强与同温下水的饱和汽压的比值,故B错误;饱和汽压只与温度有关,故C正确;因为单晶具有各向异性,多晶具有各向同性,所以D错误;密闭在气缸里的一定质量理想气体发生等压膨胀时,根据理想气体的状态方程pV/T=C可知,气体的温度一定升高 ,气体分子的平均动能增大,则每一次对器壁的平均撞击力增大,而气体的压强不变,所以单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数一定减少,故E正确。(2)(10分)【解析】以cmHg为压强单位,在活塞下推前,玻璃管下部空气柱的压强为:p1=p0+l2设活塞下推后,下部空气柱的压强为p1′,由玻意耳定律得:p1ll=pl′ll′活塞下推距离为Δl时玻璃管上部空气柱的长度为:l3′=l3+ll-ll′-Δl设此时玻璃管上部空气柱的压强为p2′,则:p2′=p1′-l2由玻意耳定律得:p0l3=p2′l3′由题给数据解得:Δl=15.0 cm。34.【物理——选修3-4】(15分)(1)(5分)【答案】ADE【解析】P点的起振方向与O点起振方向相同,由乙图读出t1时刻,P点的振动方向沿y轴正方向,即P点的起振方向沿y轴正方向,则t=0时刻,振源O振动的方向沿y轴正方向,故A正确。由图乙振动图象看出,t2时刻,P点的振动方向沿y轴正方向,故B错误。因不知t1与周期T的倍数关系,故不能判断t2时刻O点的振动情况,故C错误。由乙图看出,周期T=t2-t1,所以;故D正确。由乙图看出,波从O点传到P点的时间为t1,传播距离为s,则波速为,则波长为,故E正确。(2)(10分)【解析】(i)如图甲,由几何关系知P点的折射角为30°。则有。(ii)如图乙,由折射规律结合几何关系知,各方向的入射光线进入P点后的折射光线分布在CQB范围内,设在D点全反射,则DQ范围无光线射出。D点有解得由几何关系知,,解得。
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